wykreślając funkcję 2d jako powierzchnię w przestrzeni 3d z `Plots.jl`

Question

Mam następujący problem podczas kreślenia z Plots.jl. I jak wykreślić funkcyjnych ROSENBROCK

rosenbrock(x) = (1.0 - x[1])^2 + 100.0 * (x[2] - x[1]^2)^2 

jako powierzchnia, która oczekuje 2d Tuple{Float64,Float64} jako wejście.

Co mogę wymyślić, jest następujący:

using Plots 
gr() 

rosenbrock(x) = (1.0 - x[1])^2 + 100.0 * (x[2] - x[1]^2)^2 

ts = linspace(-1.0, 1.0, 100) 
x = ts 
y = map(rosenbrock, [(x, z) for (x,z) in zip(ts,ts)]) 
z = map(rosenbrock, [(x, y) for (x,y) in zip(ts,ts)]) 
# plot(x, x, z) 
plot(x, y, z, st = [:surface, :contourf]) 

co daje tej działki:

myślę pomieszane kilka wymiarów, ale ja nie wiem, co mam źle.

Czy muszę zagnieździć obliczenia odwzorowań dla y i x, aby uzyskać wynik?

Answer 1

Po szybkim dochodzeniu funkcji Rosenbrocka znalazłem, i mnie poprawić, jeśli im źle, ale trzeba określić y-vector arent rzekomą zagnieździć go w z lub coś podobnego ktoś inny próbował to samo jak pokazano here ale wykorzystując Wykresy

roztwór następująco jako wykonywane przez Patrick Kofod Mogensen

using Plots 

function rosenbrock(x::Vector) 
    return (1.0 - x[1])^2 + 100.0 * (x[2] - x[1]^2)^2 
end 

default(size=(600,600), fc=:heat) 
x, y = -1.5:0.1:1.5, -1.5:0.1:1.5 
z = Surface((x,y)->rosenbrock([x,y]), x, y) 
surface(x,y,z, linealpha = 0.3) 

powoduje

dygresja

Im zadowolony Szukałem tego jako Szukałam dla plotera 3D dla Julii inny niż PyPlot (jak to może być trochę kłopotów, aby skonfigurować dla użytkowników mojego programu), a nawet wygląda lepiej i obrazy można obracać.